Именно на такие случаи вы и проходили метод мат.индукции. Рассмотрим младших дифференциалов, попытавшись найти закономерности. Начнём с первого: du=dln(x+y)=1x+yd(x+y)=dx+dyx+y. Так как dx и dy не зависят от x и y, d(dx+dy)=0, и d2u=ddx+dyx+y=(dx+dy)d1x+y=(dx+dy)−1(x+y)2d(x+y)=−(dx+dy)2(x+y)2 d3u=−d(dx+dy)2(x+y)2=−(dx+dy)2−2(x+y)3d(x+y)=2(dx+dy)3(x+y)3 Некоторые на этом месте ломались и утверждали, что dnu=(n−1)(dx+dy)n(x+y)n, подставляя сюда n=10, а это совсем не так. Продолжим: d3u=2(dx+dy)3(x+y)3 d4u=2d(dx+dy)3(x+y)3=−6(dx+dy)4(x+y)4 Похоже, что dnu=(−1)n+1(n−1)!(dx+dy)n(x+y)n. По крайней мере, эта формула работает на первых четырёх дифференциалах. Но о дальнейшем мы сможем судить только после доказательства этой формулы в общем случае.
База уже доказана с перевыполнением плана: для неё было бы достаточно доказать верность формулы при n=1. Остаётся доказать шаг, то есть, что из верности этой формулы для некоего n=m следует её верность для n=m+1. Иначе говоря, если dmu=(−1)m+1(m−1)!(dx+dy)m(x+y)m, dm+1u=(−1)m+2m!(dx+dy)m+1(x+y)m+1. Возьмём первый дифференциал от (2): dm+1u=(−1)m+1(m−1)!d(dx+dy)m(x+y)m=(−1)m+1(m−1)!(dx+dy)md1(x+y)m= =(−1)m+1(m−1)!(dx+dy)m−m(x+y)m+1d(x+y)=(−1)m+2(m)!(dx+dy)m1(x+y)m+1(dx+dy)= =(−1)m+2(m)!(dx+dy)m+1(x+y)m+1, и получим, как и требовалось, (3), следовательно, формула (1) доказана.
И в частности, d10u=(−1)10+1(10−1)!(dx+dy)10(x+y)10=−9!(dx+dy)10(x+y)10, что и требовалось в задаче.