Processing math: 14%

Страница сетевой поддержки учеников Тимура Юрьевича Альпина

12.04.2020

Задания и материалы для дистанционного занятия гр. 06-912 в 8:30, пн. 13.04.2020 и гр. 06-922 в 11:50 вт. 14.04.2020 (Демидович № 3384, 3391, 3460)

Дифференцирование неявных функций для функций многих переменных делается во многом так же, как для функций одной: берётся уравнение, задающее функцию, и дифференцируется; полученное решается относительно производной. Разница в том, что в этот раз от частей уравнения берутся частные производные.

Пример: №3384. Там функция z(x,y) задаётся уравнением z33xyz=a3 Найдём zx: x|z33xyz=a3, 3z2zx3y(xz)x=0, 3z2zx3yz3yxzx=0, (z2yx)zx=yz, zx=yzz2yx. Теперь, похожим образом, zy: 3z2zy3xz3xyzy=0, z2zyxyzy=xz, zy=xzz2xy. Вторые производные, как и всегда, являются производными от первых производных. Но производная от выражения для первой производной будет содержать первую производную; её надо подставить из ранее полученного. Поэтому zxx будет находиться так: сначала продифференцируем (\ref{zx}) по x z_{xx}''=\frac{\partial}{\partial x}\frac{yz}{z^{2}-yx}=\frac{yz_{x}'\left(z^{2}-yx\right)-yz\left(2zz_{x}'-y\right)}{\left(z^{2}-yx\right)^{2}}=\frac{yz^{2}z_{x}'-xy^{2}z_{x}'-2yz^{2}z_{x}'+y^{2}z}{\left(z^{2}-yx\right)^{2}}= потом подставим z_{x}' из того же (\ref{zx}) =\frac{y^{2}z}{\left(z^{2}-yx\right)^{2}}-y\frac{z^{2}+xy}{\left(z^{2}-yx\right)^{2}}z_{x}'=\frac{y^{2}z}{\left(z^{2}-yx\right)^{2}}-y\frac{z^{2}+xy}{\left(z^{2}-yx\right)^{2}}\frac{yz}{z^{2}-yx}= инемного упростим =\frac{y^{2}z^{3}-xy^{3}z}{\left(z^{2}-yx\right)^{3}}-\frac{y^{2}z^{3}+xy^{3}z}{\left(z^{2}-yx\right)^{3}}=-\frac{2xy^{3}z}{\left(z^{2}-yx\right)^{3}}. Не обязательно для получения вторых производных дифференцировать их выражения в явном виде. Можно продифференцировать и любое верное уравнение на первую производную. Поэтому z_{xy}'' мы найдём, дифференцируя по y (\ref{withzx}) \left.\frac{\partial}{\partial y}\right|\left(z^{2}-yx\right)z_{x}'=yz, \left(z^{2}-yx\right)z_{xy}''+\left(2zz_{y}'-x\right)z_{x}'=z+yz_{y}'. Перенесём в правую часть всё, что без второй производной \left(z^{2}-yx\right)z_{xy}''=z+yz_{y}'+xz_{x}'-2zz_{x}'z_{y}', подставим первые производные \left(z^{2}-yx\right)z_{xy}''=z+y\frac{xz}{z^{2}-xy}+x\frac{yz}{z^{2}-yx}-2z\frac{yz}{z^{2}-yx}\frac{xz}{z^{2}-xy}= и приведём всё к общему знаменателю =z+\frac{2xyz}{z^{2}-xy}-\frac{2xyz^{3}}{\left(z^{2}-xy\right)^{2}}=z-\frac{2x^{2}y^{2}z}{\left(z^{2}-xy\right)^{2}}=\frac{z^{4}-2xyz^{2}-x^{2}y^{2}}{\left(z^{2}-xy\right)^{2}}z. Выделим вторую производную из полученного z_{xy}''=\frac{z^{4}-2xyz^{2}-x^{2}y^{2}}{\left(z^{2}-xy\right)^{3}}z=\frac{z^{5}-2xyz^{3}-x^{2}y^{2}z}{\left(z^{2}-xy\right)^{3}}= и понизим степени z =\frac{a^{3}z^{2}+xyz^{3}-x^{2}y^{2}z}{\left(z^{2}-xy\right)^{3}}=\frac{a^{3}z^{2}+a^{3}xy+2x^{2}y^{2}z}{\left(z^{2}-xy\right)^{3}}, пользуясь исходным уравнением z^{3}-3xyz=a^{3} и его очевидными следствиями z^{3}=a^{3}+3xyz, z^{5}=z^{2}\left(a^{3}+3xyz\right)=a^{3}z^{2}+3xyz^{3}. Наконец, последняя из вторых производных z_{yy}'' находится так: z_{yy}''=\frac{\partial}{\partial y}\frac{xz}{z^{2}-xy}=\frac{xz_{y}'\left(z^{2}-xy\right)-xz\left(2zz_{y}'-x\right)}{\left(z^{2}-xy\right)^{2}}=\frac{-\left(xz^{2}+x^{2}y\right)z_{y}'+x^{2}z}{\left(z^{2}-xy\right)^{2}}= =-\frac{xz^{2}+x^{2}y}{\left(z^{2}-xy\right)^{2}}\frac{xz}{z^{2}-xy}+\frac{x^{2}z}{\left(z^{2}-xy\right)^{2}}=\frac{x^{2}z\left(z^{2}-xy\right)}{\left(z^{2}-xy\right)^{3}}-x^{2}z\frac{z^{2}+xy}{\left(z^{2}-xy\right)^{3}}=-2\frac{x^{3}yz}{\left(z^{2}-xy\right)^{3}}. Задание: №3383, 3385, 3386

Похоже считаются дифференциалы - главное, не собирать их из частных производных и помнить, что производные порядков выше первого от независимых переменных равны нулю, а от функций - нет.

Пример: № 3391 xyz=x+y+z. Берём дифференциал от обеих частей yzdx+xzdy+xydz=dx+dy+dz, переносим всё, что с z - влево, а всё, что без - вправо \begin{equation} \left(xy-1\right)dz=dx+dy-yzdx-xzdy,\label{dz0} \end{equation} отсюда мы потом выразим dz, а пока продифференцируем ещё раз, чтобы найти d^{2}z \left(xy-1\right)d^{2}z+\left(ydx+xdy\right)dz=-\left(ydz+zdy\right)dx-\left(xdz+zdx\right)dy=-ydxdz-zdxdy-xdydz-zdydx= =-\left(ydx+xdy\right)dz-2zdxdy. Выразим d^{2}z через dz d^{2}z=-2\frac{ydx+xdy}{xy-1}dz-2\frac{z}{xy-1}dxdy, и найдя dz из (\ref{dz0}) dz=\frac{dx+dy}{xy-1}-\frac{ydx+xdy}{xy-1}z, подставим в d^{2}z: d^{2}z=-2\frac{ydx+xdy}{xy-1}\left(\frac{dx+dy}{xy-1}-\frac{ydx+xdy}{xy-1}z\right)-2\frac{z}{xy-1}dxdy= =-2\frac{\left(ydx+xdy\right)\left(dx+dy\right)}{\left(xy-1\right)^{2}}+2\frac{\left(ydx+xdy\right)^{2}}{\left(xy-1\right)^{2}}z-2\frac{z}{xy-1}dxdy. Задание: №3390, 3392

Замена переменных в дифференциальных выражениях, которая будет нашей следующей темой, делается на теоретической основе, изложенной выше; главным применяемым свойством является формула для производной сложной функции.

Пример: № 3460 перейти от независимых переменных \left(x,y\right) к переменным \left(\xi,\eta\right), связанным со старыми соотношениями \left\{ \begin{array}{l} \xi=x,\\ \eta=y-bz; \end{array}\right. в уравнении az_{x}'+bz_{y}'=1. Итак, теперь мы будем считать функцию z\left(x,y\right) функцией z\left(\xi,\eta\right). В исходном уравнении присутствовали производные по старым переменным, которые нужно заменить на производные по новым. Но новые переменные связаны со старыми и являются их функциями, следовательно по формуле производной сложной функции z_{x}'=z_{\xi}'\xi_{x}'+z_{\eta}'\eta_{x}'. Производные \xi_{x}' и \eta_{x}' найдём, продифференцировав уравнения связи по x: \left\{ \begin{array}{l} \xi_{x}'=1,\\ \eta_{x}'=-bz_{x}'; \end{array}\right. отсюда z_{x}'=z_{\xi}'\cdot1+z_{\eta}'\left(-bz_{x}'\right)=z_{\xi}'-bz_{\eta}'z_{x}', выразим из уравнения выше z_{x}' \left(1+bz_{\eta}'\right)z_{x}'=z_{\xi}', z_{x}'=\frac{z_{\xi}'}{1+bz_{\eta}'}. Аналогично z_{y}'=z_{\xi}'\xi_{y}'+z_{\eta}'\eta_{y}', \left\{ \begin{array}{l} \xi_{y}'=0,\\ \eta_{y}'=1-bz_{y}'; \end{array}\right. z_{y}'=z_{\xi}'\cdot0+z_{\eta}'\left(1-bz_{y}'\right)=z_{\eta}'-bz_{\eta}'z_{y}' z_{y}'=\frac{z_{\eta}'}{1+bz_{\eta}'} Подставим в уравнение: a\frac{z_{\xi}'}{1+bz_{\eta}'}+b\frac{z_{\eta}'}{1+bz_{\eta}'}=1, переменные не входят в уравнение кроме как в виде переменных дифференцирования, поэтому на этом шаге замена переменных как таковая окончена. Дальше перейдём к упрощениям az_{\xi}'+bz_{\eta}'=1+bz_{\eta}', az_{\xi}'=1,\qquad z_{\xi}'=\frac{1}{a}. Последнее уравнение нетрудно решить. Частную производную по \xi даёт, очевидно, выражение \frac{1}{a}\xi; для получения же полного решения - к нему нужно прибавить слагаемое, производная которого по \xi даёт 0. Для функций одной переменной такой добавкой была бы произвольная константа, но для функций многих - этим дело не ограничивается. Дело в том, что для равенства нулю производной по \xi добавка не должна зависеть только от \xi - но от остальных переменных может; в случае переменных \left(\xi,\eta\right) эта добавка - произвольная функция от \eta. Легко заметить, что константа является частным случаем такой функции. В итоге, общее решение получается таким: z=\frac{1}{a}\xi+\varphi\left(\eta\right) Задание: №№ 3458, 3459, 3461.

ОБН Исправлено 20.04.2020, за замеченные ошибки выносится благодарность тов. Гилямовой.

Комментариев нет »

No comments yet.

RSS feed for comments on this post.

Leave a comment

Для отправки комментария вам необходимо авторизоваться.

Хостингом угостил Вадим "Moose" Калинников