Как уже известно, z_{x}'=z_{u}'u_{x}'+z_{v}'v_{x}'. Продифференцировав обе части по x, получим вторую производную, после чего воспользуемся правилом Лейбница z_{xx}''=\frac{\partial}{\partial x}\left(z_{u}'u_{x}'+z_{v}'v_{x}'\right)=\frac{\partial}{\partial x}z_{u}'u_{x}'+z_{u}'\frac{\partial}{\partial x}u_{x}'+\frac{\partial}{\partial x}z_{v}'v_{x}'+z_{v}'\frac{\partial}{\partial x}v_{x}'= Производные \frac{\partial}{\partial x}z_{u}' и \frac{\partial}{\partial x}z_{v}' будут вычисляться аналогично z_{x}': =\left(z_{uu}''u_{x}'+z_{uv}''v_{x}'\right)u_{x}'+z_{u}'u_{xx}''+\left(z_{vu}''u_{x}'+z_{vv}''v_{x}'\right)v_{x}'+z_{v}'v_{xx}''= далее раскроем скобки и соберём подобные =z_{uu}''\left(u_{x}'\right)^{2}+2z_{uv}''u_{x}'v_{x}'+z_{vv}''\left(v_{x}'\right)^{2}+z_{u}'u_{xx}''+z_{v}'v_{xx}''. По аналогии, z_{yy}''=z_{uu}''\left(u_{y}'\right)^{2}+2z_{uv}''u_{y}'v_{y}'+z_{vv}''\left(v_{y}'\right)^{2}+z_{u}'u_{yy}''+z_{v}'v_{yy}''. Для того, чтобы воспользоваться этими формулами в нашей задаче, нам придётся получить многочисленные производные новых переменных по старым. Для этого продифференцируем уравнения замены, сначала - по x: \left\{ \begin{array}{c} 1=e^{u}u_{x}'\cos v-e^{u}\sin vv_{x}'\\ 0=e^{u}u_{x}'\sin v+e^{u}\cos vv_{x}' \end{array}\right. Получили мы при этом систему линейных неоднородных уравнений, из которых найдём производные u_{x}' и v_{x}': +\begin{array}{c} \left.1=e^{u}u_{x}'\cos v-e^{u}\sin vv_{x}'\right|\cos v\\ \left.0=e^{u}u_{x}'\sin v+e^{u}\cos vv_{x}'\right|\sin v \end{array} +\begin{array}{r} \cos v=e^{u}u_{x}'\cos^{2}v-e^{u}\sin v\cos vv_{x}'\\ 0=e^{u}u_{x}'\sin^{2}v+e^{u}\cos v\sin vv_{x}' \end{array} \cos v=e^{u}u_{x}' u_{x}'=e^{-u}\cos v -\begin{array}{c} \left.1=e^{u}u_{x}'\cos v-e^{u}\sin vv_{x}'\right|\sin v\\ \left.0=e^{u}u_{x}'\sin v+e^{u}\cos vv_{x}'\right|\cos v \end{array} -\begin{array}{r} \sin v=e^{u}u_{x}'\cos v\sin v-e^{u}\sin^{2}vv_{x}'\\ 0=e^{u}u_{x}'\sin v\cos v+e^{u}\cos^{2}vv_{x}' \end{array} \sin v=-e^{u}v_{x}' v_{x}'=-e^{-u}\sin v Производные u_{x}' и v_{x}' ещё раз продифференцируем по x: u_{xx}''=\frac{\partial}{\partial x}\left(u_{x}'\right)=\frac{\partial}{\partial x}\left(e^{-u}\cos v\right)=-e^{-u}u_{x}'\cos v-e^{-u}\sin vv_{x}'=-e^{-2u}\cos^{2}v+e^{-2u}\sin^{2}v=-e^{-2u}\cos\left(2v\right) v_{xx}''=\frac{\partial}{\partial x}\left(v_{x}'\right)=\frac{\partial}{\partial x}\left(-e^{-u}\sin v\right)=e^{-u}\sin vu_{x}'-e^{-u}\cos vv_{x}'=e^{-2u}\sin v\cos v+e^{-2u}\cos v\sin v=e^{-2u}\sin\left(2v\right) Теперь, похожим образом, найдём u_{y}' и v_{y}': \left\{ \begin{array}{c} 0=e^{u}u_{y}'\cos v-e^{u}\sin vv_{y}'\\ 1=e^{u}u_{y}'\sin v+e^{u}\cos vv_{y}' \end{array}\right. \begin{array}{r} 0=e^{u}u_{y}'\cos^{2}v-e^{u}\sin v\cos vv_{y}'\\ \sin v=e^{u}u_{y}'\sin^{2}v+e^{u}\cos v\sin vv_{y}' \end{array} u_{y}'=e^{-u}\sin v u_{y}'\cos v=\sin vv_{y}' e^{-u}\sin v\cos v=\sin vv_{y}' v_{y}'=e^{-u}\cos v и их производные: u_{yy}''=\frac{\partial}{\partial y}\left(e^{-u}\sin v\right)=-e^{-u}u_{y}'\sin v+e^{-u}\cos vv_{y}'=-e^{-2u}\sin^{2}v+e^{-2u}\cos^{2}v=e^{-2u}\cos\left(2v\right) v_{yy}''=\frac{\partial}{\partial y}\left(e^{-u}\cos v\right)=-e^{-u}u_{y}'\cos v-e^{-u}\sin vv_{y}'=-e^{-2u}\sin v\cos v-e^{-2u}\sin v\cos v=-e^{-2u}\sin\left(2v\right) А теперь используем найденное, чтобы получить производные z_{xx}'' и z_{yy}'': z_{xx}''=z_{uu}''\left(u_{x}'\right)^{2}+2z_{uv}''u_{x}'v_{x}'+z_{vv}''\left(v_{x}'\right)^{2}+z_{u}'u_{xx}''+z_{v}'v_{xx}''= =z_{uu}''\left(e^{-u}\cos v\right)^{2}-2z_{uv}''\left(e^{-u}\cos v\right)\left(e^{-u}\sin v\right)+z_{vv}''\left(-e^{-u}\sin v\right)^{2}-z_{u}'e^{-2u}\cos\left(2v\right)+z_{v}'e^{-2u}\sin\left(2v\right)= =z_{uu}''e^{-2u}\cos^{2}v-z_{uv}''e^{-2u}\sin2v+z_{vv}''e^{-2u}\sin^{2}v-z_{u}'e^{-2u}\cos\left(2v\right)+z_{v}'e^{-2u}\sin\left(2v\right) z_{yy}''=z_{uu}''\left(u_{y}'\right)^{2}+2z_{uv}''u_{y}'v_{y}'+z_{vv}''\left(v_{y}'\right)^{2}+z_{u}'u_{yy}''+z_{v}'v_{yy}''= =z_{uu}''\left(e^{-u}\sin v\right)^{2}+2z_{uv}''\left(e^{-u}\sin v\right)\left(e^{-u}\cos v\right)+z_{vv}''\left(e^{-u}\cos v\right)^{2}+z_{u}'e^{-2u}\cos\left(2v\right)-z_{v}'e^{-2u}\sin\left(2v\right)= =z_{uu}''e^{-2u}\sin^{2}v+z_{uv}''e^{-2u}\sin2v+z_{vv}''e^{-2u}\cos^{2}v+z_{u}'e^{-2u}\cos\left(2v\right)-z_{v}'e^{-2u}\sin\left(2v\right) В исходном уравнении присутствовала сумма этих производных, которая хорошо упрощается, так что вычислим её отдельно: z_{xx}''+z_{yy}''= =z_{uu}''e^{-2u}\cos^{2}v-z_{uv}''e^{-2u}\sin2v+z_{vv}''e^{-2u}\sin^{2}v-z_{u}'e^{-2u}\cos\left(2v\right)+z_{v}'e^{-2u}\sin\left(2v\right)+ +z_{uu}''e^{-2u}\sin^{2}v+z_{uv}''e^{-2u}\sin2v+z_{vv}''e^{-2u}\cos^{2}v+z_{u}'e^{-2u}\cos\left(2v\right)-z_{v}'e^{-2u}\sin\left(2v\right)= =z_{uu}''e^{-2u}+0+z_{vv}''e^{-2u}+0+0=\left(z_{uu}''+z_{vv}''\right)e^{-2u} Подставим эту сумму в исходное уравнение z_{xx}''+z_{yy}''+m^{2}z=0, и получим \left(z_{uu}''+z_{vv}''\right)e^{-2u}+m^{2}z=0, и окончательно, z_{uu}''+z_{vv}''+m^{2}ze^{2u}=0.
20.04.2020
Демидович, № 3493
В уравнении
zxx″
произвести замену
\left\{ \begin{array}{c}
x=e^{u}\cos v,\\
y=e^{u}\sin v.
\end{array}\right.
Комментариев нет »
No comments yet.
RSS feed for comments on this post.
Leave a comment
Для отправки комментария вам необходимо авторизоваться.