Processing math: 4%

Страница сетевой поддержки учеников Тимура Юрьевича Альпина

13.10.2019

Демидович, № 3743

Filed under: мат. ан. сем. 3,Решения — Shine @ 10:46 пп

Найти область интегрируемости для интеграла
0sinxqxpdx.

Рассмотрим сначала вспомогательный интеграл
1sinxαxβdx
1) α<0. В этом случае всё подынтегральное выражение положительно, и можно применять соответствующие признаки, например, признаки сравнения. 0<sinxα \frac{\sin x^{\alpha}}{x^{\beta}}>0,\quad\lim_{x\to\infty}\frac{\sin x^{\alpha}}{x^{\alpha}}=1
Рассмотрим предел
\lim_{x\to\infty}\frac{\frac{\sin x^{\alpha}}{x^{\beta}}}{x^{\gamma}}=\lim_{x\to\infty}\frac{\sin x^{\alpha}}{x^{\alpha}}\frac{x^{\alpha}}{x^{\gamma+\beta}}=\lim_{x\to\infty}x^{\alpha-\gamma-\beta}
Этот предел существует и больше нуля только при одном значении степени:
\alpha-\beta-\gamma=0
\alpha-\beta=\gamma
Таким образом по второму признаку сравнения, интеграл функции \frac{\sin x^{\alpha}}{x^{\beta}} сходится одновременно с интегралом функции x^{\gamma}=x^{\alpha-\beta}. Найдём область сходимости последнего:
\intop_{1}^{\infty}x^{\alpha-\beta}dx=\left.\frac{x^{\alpha-\beta+1}}{\alpha-\beta+1}\right|_{1}^{\infty},
что определено только при \alpha-\beta+1<0 (равенству нулю мешает знаменатель), а значит, при \alpha<0 интеграл \intop_{1}^{\infty}x^{\alpha-\beta}dx (а значит, и интеграл (\ref{int_vspom})) сходится, если \beta>\alpha+1.
2) \alpha=0. Тогда
\intop_{1}^{\infty}\frac{\sin x^{\alpha}}{x^{\beta}}dx=\sin1\intop_{1}^{\infty}x^{-\beta}dx=\left.\frac{x^{1-\beta}}{1-\beta}\right|_{1}^{\infty},
что определено при
1-\beta<0, т.е. мы можем обобщить на этот случай результат предыдущего случая: \beta>1=\alpha+1.
3) \alpha>0. Для этого случая тоже сначала рассмотрим вспомогательный случай, результат для которого потом обобщим. Пусть сначала \alpha=1:
\intop_{1}^{\infty}\frac{\sin x^{\alpha}}{x^{\beta}}dx=\intop_{1}^{\infty}\frac{\sin x}{x^{\beta}}dx.
Легко видеть, что при \beta<0 множитель \frac{1}{x^{\beta}} стремится к бесконечности, а интеграл – расходится по критерию Коши.
При \beta=0:
\intop_{1}^{\infty}\frac{\sin x}{x^{\beta}}dx=\intop_{1}^{\infty}\sin xdx=\left.\cos x\right|_{1}^{\infty}\text{ — расходится}

\beta>0: тогда \frac{1}{x^{\beta}} монотонно стремится к нулю, а \sin x имеет ограниченную первообразную, следовательно, интеграл
\intop_{1}^{\infty}\frac{\sin x}{x^{\beta}}dx
сходится по признаку Дирихле. В результате, при \alpha=1 интеграл
сходится, если \beta>0.

Пусть теперь \alpha — произвольное положительное число. Заменим x^{\alpha}=y, x=y^{1/\alpha}, и получим
\intop_{1}^{\infty}\frac{\sin x^{\alpha}}{x^{\beta}}dx=\intop_{1}^{\infty}\frac{\sin y}{y^{\beta/\alpha}}\frac{1}{\alpha}y^{\frac{1}{\alpha}-1}dy=\frac{1}{\alpha}\intop_{1}^{\infty}\frac{\sin y}{y^{\frac{\beta}{\alpha}-\frac{1}{\alpha}+1}}dy,

а тут мы уже можем воспользоваться результатами, полученными для простого синуса в интеграле. Согласно им, для сходимости показатель степени в знаменателе должен быть положительным:
\frac{\beta}{\alpha}-\frac{1}{\alpha}+1>0,
\beta-1+\alpha>0,
\beta>1-\alpha.
В итоге мы получаем такие условия для сходимости интеграла (\ref{int_vspom}): при \alpha\leqslant0 \beta>1+\alpha, а при \alpha>0 \beta>1-\alpha.

Перейдём теперь к основной задаче. Разделим область интегрирования в исходном интеграле (\ref{main}):
\begin{equation} \intop_{0}^{\infty}\frac{\sin x^{q}}{x^{p}}dx=\intop_{0}^{1}\frac{\sin x^{q}}{x^{p}}dx+\intop_{1}^{\infty}\frac{\sin x^{q}}{x^{p}}dx.\label{razb} \end{equation}
Второй интеграл полностью аналогичен исследованному (\ref{int_vspom}), и для него получаются аналогичные условия интегрируемости: при q\leqslant0 p>1+q, а при q>0 p>1-q.

В первом произведём замену x=1/y, dx=-\frac{dy}{y^{2}}:
\intop_{0}^{1}\frac{\sin x^{q}}{x^{p}}dx=-\intop_{\infty}^{1}\frac{\sin y^{-q}}{y^{-p}}\frac{dy}{y^{2}}=\intop_{1}^{\infty}\frac{\sin y^{-q}}{y^{2-p}}dy,
после чего тот тоже становится интегралом типа (\ref{int_vspom}). Подставляя соответствующие степени вместо \alpha и \beta в условия интегрируемости, получим их в таком виде: при -q\leqslant0 2-p\geqslant1-q, а при -q>0 2-p>1+q, т.е. при q\geqslant0 p<1+q, а при q<0 p<1-q .

Интеграл (\ref{main}) сходится тогда, когда сходятся оба его слагаемых в разбиении (\ref{razb}). Следовательно, его область сходимости есть пересечение областей сходимости слагаемых:

Комментариев нет »

No comments yet.

RSS feed for comments on this post.

Leave a comment

Для отправки комментария вам необходимо авторизоваться.

Хостингом угостил Вадим "Moose" Калинников